牛顿运动定律单元测试.docx

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1、牛顿运动定律单元测试注意事项：1.本试卷共UO分，考试时间90分钟。2.各小题的答案一律填写在答题卷指定的答题栏中，考试结束，将答题卷交回。一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确。）1.跳高运动员从地面跳起，这是由于（）A.运动员给地面的压力等于运动员受的重力B.地面给运动员的支持力大于运动员给地面的压力C.地面给运动员的支持力大于运动员受的重力D.地面给运动员的支持力等于运动员给地面的压力2 .在一无限长的小车上，有质量分别为ml和m2的两个滑块（mlm2）随车一起向右匀速运动。设两滑块与小车间的动摩擦因数均为,其它阻力不计，当车突然停

2、止，以下说法中正确的是（）A.若=0,两滑块一定相碰B.若=0,两滑块一定不相碰C.若0,两滑块一定相碰D.若0,两滑块一定不相碰3 .如图所示，A、B两条直线是在A、B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别为弧和ma的两个物体得出的加速度a与力F之间的关系图线，下列说法中正确的是（）A.比较两地的重力加速度g=gBB.比较两物体的质量有InKlnBC.比较两地的重力加速度，有ggBD.比较两物体的质量有mm4 .如图2所示，不计绳的质量及绳与滑轮的摩擦，物体A的质量为11r-M,水平面光滑，当在绳端施以F=mg的竖直向下的拉力作用时，物体A的加速度为.，当在B端挂一质量为？的物体时，A的加速度为

3、S，则与。2的关系正确的是（）图2A.i=2B.aaC.aa1D.无法判断5 .如图3所示水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=ms2沿水平地面向右加速运动时（）图A.物块A相对小车仍静止B.物块A受到的摩擦力将减小C.物块A受到的摩擦力大小不变D.物块A受到的弹力将增大6 .如图5所示，物体A和8叠放在光滑水平面上，在水平拉力尸I=ION,户2=12N的作用下一起加速运动，物体A和B保持相对静止.若%=4kg,wj=6kg,则A与B所受的摩擦力力和我的大小和方向为

4、()A.力向左，及向右，大小都等于1.2NB.力向右，及向左，大小都等于1.2NC.力向左，大小为2N,及为零D.及向右，大小为3N,力为零图57 .如图，在倾角为a的固定光滑、斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫.已知木板的质量是猫的质量的2倍.当绳子突然断开时，猫立即沿着板 向上跑，以保持其相对斜面的位置不变，则此时木板沿斜面下滑的加速度为()8.如图3-1, 一个盛水的容器底都有一小孔.静止时用手指堵住小孔不让它漏水,假设容器在下述几种运动过程中始终保持平衡，且忽略空气阻力，贝J()A.容器自由下落时，小孔向下漏水8 .将容器竖直向上抛出，容器向上运动时，小孔向下漏水；容器向

5、下运动时，小孔不向下漏水C.将容器水平抛出，容器在运动中小孔向下漏水D.将容器斜向上抛出，容器在运动中小孔不向下漏水二、实验题：(本题共2小题，共20分。)9、在探窕物体的加速度。与物体所受外力人物体质量M间的关系时，采用如图332所示的实验装置.小车及车中的祛码质量用M表示，盘及盘中的硅码质量用相表示.(1)当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和祛码的重力.(2)某一-组同学先保持盘及盘中的硅码质量机一定来做实验，其具体操作步骤如下,以下做法正确的是.A.平衡摩擦力时，应将盘及盘中的硅码用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C.实验

6、时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D.用天平测出机以及小车质量M,小车运动的加速度可直接用公式=翳求出别如图甲和图乙所示，其原因分别是：图甲另两组同学保持小车及车中的祛码质量M一定，探究加速度”与所受外力尸的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的a-F关系图象分图甲：图乙：10、某同学设计了如图338所示的装置来探究加速度与力的关系.弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮,细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接.在桌面上画出两条平行线MN、PQ,并测出间距d.开始时将木板置于MN处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0,

7、以此表示滑动摩擦力的大小.再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数Fi,然后释放木板，并用秒表记下木板运动到PQ处的时间t.(1)木板的加速度可以用d、t表示为=；为了减/乙小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是(一种即/Z可).(Q/,(2)改变瓶中水的质量重复实验,确定加速度与弹簧秤示数Q的关系.下列图象能表示该同学实验结果的是.(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是可以改变滑动摩擦力的大小可以更方便地获取多组实验数据可以比较精确地测出摩擦力的大小可以获得更大的加速度以提高实验精度三、计算题.本题共3小题，42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和

8、重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。11.(12分)如图所示，固定在水平面上的斜面倾角437。，长方体木块A的MN面上钉着一颗小钉子，质量m=.5kg的小球8通过一细线与小钉子相连接，细线与斜面垂直，木块与斜面间的动摩擦因数;=050.现将木块由静止释放，木块将沿斜面下滑.求在木块下滑的过程中小球对木块MN面的压力.(取g=10ms2,sin37o=0.6,cos37o=0.8)12(14分)如图所示，传送带与地面的倾角。=37,从A到B的长度为16m,传送带以V0=10ms的速度逆时针转动。在传送带上端无初速的放一个质量为0.5kg的物体，它

9、与传送带之间的动摩擦因数U=O.5,求物体从A运动到B所需的时间是多少？(sin37o=0.6,cos37o=0.8)13.(16分)质量为7w=1.0kg的小滑块(可视为质点)放在质量为M=3.0kg的长木板的右端,木板上表面光滑,木板与地面之间的动摩擦因数为=02木板长L=1.0m开始时两者都处于静止状态,现对木板施加水平向右的恒力F=2N,如图所示,为使小滑块不掉下木板,试求：(g取10ms2)(1)水平恒力尸作用的最长时间；(2)木板在拉力尸作用下的最大位移牛顿运动定律单元测试参考答案及评分标准一、选择题：(本题共8小题，每小题6分,共48分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正

10、确。选不全的得3分，错选或多选不得分)选择题1.C2.BD3.AB4.B5.AC6.A7.C8.D二实验题：(本JS供2小题,，共20分。)9(l)m.(2)B(3)图甲：m过大(或M过小)，造成m不是远小于M；图乙：没有平衡摩擦力或木板的倾角过小。10(l)y多次测量时间3取1的平均值(2)c(3)三、计算题.本题共3小题，42分。11 (12分)解析:由于木块与斜面间有摩擦力的作用，所以小球8与木块间有压力的作用，并且它们以共同的加速度沿斜面向下运动.将小球和木块看做一个整体,设木块的质量为“，根据牛顿第二定律可得.(M+Mgsin。一(+MgCOS仇=(M+。代入数据得=2.0ms2选小

11、球为研究对象，设MN面对小球的作用力为广N，根据牛顿第二定律有mgsn-F11=ma代入数据得尸n=6.0N根据牛顿第三定律，小球对MN面的压力大小为60N,方向沿斜面向下.答案60N,方向沿斜面向下12 (14分)分析与解：物体放在传送带上后，开始阶段，传送带的速度大于物体的速度，传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，物体由静止开始加速下滑，受力分析如图20(a)所示；当物体加速至与传送带速度相等时，由于Utan,物体在重力作用下将继续加速，此后物体的速度大于传送带的速度，传送带给物体沿传送带向上的滑动摩擦力，但合力沿传送带向下，物体继续加速下滑，受力分析如图20(b)所示。综上可知，滑动摩

12、擦力的方向在获得共同速度的瞬间发生了“突变”。开始阶段由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=mai；所以：a=gsi11Ogcos0=10ms2;物体加速至与传送带速度相等时需要的时间t.=Va=ls;发生的位移：s=a1tJ2=5mV16m;物体加速到IonI/s时仍未到达B点。第二阶段，有：mgsin0tJmgCOSO=ma2;所以：a2=2ms设第二阶段物体滑动到B的时间为t2则:LAB-S=V12a212/2；解得:t2=ls,12=-11s(舍去)。故物体经历的总时间t=t+t2=2s.13 (16分)解析:(1)撤力前木板加速,设加速过程的位移为对加速度为0,加速运动的时间为力;撤力后木板减速,设减速过程的位移为X2,加速度为3减速运动的时间为由牛顿第二定律得撤力前：F-（n+M）g=Ma（2分）4解得4=m/s2（l分）撤力后：（?+M）g=M“2（2分）Q解得生=-ms2（l分）1212xx=-a,x2=-a2t2（2分）为使小滑块不从木板上掉下,应满足乃+mL（1分）.又=2f2（l分）由以上各式可解得Als所以水平恒力作用的最长时间为1s,（l分）（2）由上面分析可知,木板在拉力尸作用下的最大位移121412c八X1+a.t.=-x-xlm=-m（3分）,211233